杭州网站建设派迪网络建站公司网站建设

今天，带来哈希表相关算法的讲解。文中不足错漏之处望请斧正！

理论基础点这里

---

1. 四数相加2

分析题意

求符合条件的四元组的出现次数，条件：

• nums1
• nums2
• nums3
• nums4
  从四个数组中的每一个数组取一个数 num1, num2, num3, num4，满足 num1 + num2 + num3 + num4 == 0，则这是一个满足条件的四元组，可以记上它的出现次数。

题意转化

可以简单转化为 直接遍历取得4个数, 判断是否满足条件.但太慢，时间复杂度O(n^4)。

其实可以动动脑筋，将题意转化为 是否存在 两个两数之和 sum1 和 sum2 相加为0。

解决思路

四个数组该怎样去遍历，建立映射？

我们可以先遍历前两个数组，将数组中的元素两两求和得到sum1，把sum1和其出现次数建立映射得到哈希表sums1。接着遍历后两个数组，也两两求和得到sum2，在sums1中O(1)查找是否有一个和，和当前sum相加为0。

但为什么要这样遍历，我先遍历一个建立映射，再遍历三个不行吗？

这样我们在最终搜索比对的时候需要3层for来玩儿，那就是O(n^3)。而我们两两遍历只需要O(2 * n^2)，这才是更好的。

编程实现

class Solution {
public:// 四数之和的判断 拆分为 两数之和的判断// 先遍历两个数组并求得所有两数之和sums1, 再遍历两个数组求剩下的两数之和, 查找是否有sum1 = -sum2int fourSumCount(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2, vector<int>& nums3, vector<int>& nums4) {unordered_map<int, int> sums1; // <sum1, cnt> -- 题目不要求返回下标, 只用返回次数int sum1 = 0;int sum2 = 0;// 先遍历两个数组并求得所有两数之和sums1for (int &num1 : nums1) {for (int &num2 : nums2) {sum1 = num1 + num2;++sums1[sum1];}}// 再遍历两个数组求剩下的两数之和, 查找是否有sum1 = -sum2int cnt = 0;for (int &num3 : nums3) {for (int &num4 : nums4) {sum2 = num3 + num4;auto iter = sums1.find(-sum2);if (iter != sums1.end()) cnt += iter->second;}}return cnt;}
};

时间复杂度：O(n^2)

2. 赎金信

分析题意

“给你两个字符串：ransomNote 和 magazine ，判断 ransomNote 能不能由 magazine 里面的字符构成。”

题意转化

判断ransomNote的组成字符是否全部都在magazine中有足够的字符与之对应。

解决思路

查找，上哈希。遍历magazine，用哈希表描述magazine中的字符出现过多少次。

编程实现

class Solution {
public:bool canConstruct(string ransomNote, string magazine) {int appeared[26] = {0};// 用哈希表(数组)描述magazine中的哪些字符出现过.for (char &ch : magazine) ++appeared[ch - 'a'];// 在magazine中查找ransomNote的所有字符, 所有都能找到才是赎金信.for (char &ch : ransomNote) {--appeared[ch - 'a'];if (appeared[ch - 'a'] < 0) return false; // magazine中没有足够字符构成ransomNote}return true;}
};

时间复杂度：O(n)

空间复杂度：O(1)

---

今天的分享就到这里了，感谢您能看到这里。

这里是培根的blog，期待与你共同进步！