小白学编程应该从哪里开始学志鸿优化设计答案

l611. 有效三角形的个数 - 力扣（LeetCode）

给定一个包含非负整数的数组 nums ，返回其中可以组成三角形三条边的三元组个数。

示例 1:输入: nums = [2,2,3,4]
输出: 3
解释:有效的组合是: 
2,3,4 (使用第一个 2)
2,3,4 (使用第二个 2)
2,2,3示例 2:输入: nums = [4,2,3,4]
输出: 4

有上述输出我们发现，就算是重复的，也是需要计算在其中的。

如果简单按照 任意两边之和大于第三边的话，我们需要判断三次，其实还有更好的办法：

如果我们知道三条边的大小顺序，那么只需要判断 较小的两个数之和 大于第三遍即可。只需判断一次。

比如 a <= b <= c ，那么只需要判断 a+b > c 即可。因为 我们只是漏判断了  a + c > b 和 b + c > a 这两种情况，这两种情况都是c 加上一个数，因为 c 已经是最大的数了，如果 a+b > c 都满足的话，上述两种也都满足。如果 a+b > c 不满足，那么这三个数也就不能构成 三角形。

所以，我们要先对整个数组进行排序。

解法一：暴力枚举所以的三数组合。

for(int i = 0 ;i < n;i++)
{for(int j = i+1 ; j < n ; j++){for(int k = j + 1; k < n; k++)// 判断是否是 三角形check(i , j , k);}}

上述只是伪代码，只是表示一种思路，但是你也看出来了，这个时间复杂度非常高，不推荐。

解法二：利用单调性，是使用双指针算法来实现。

在排好序的情况下：

首先 ，我们先固定最大的数，也就是把 C 的值给固定了。然后来找（枚举） 其余两个 较小的数：

 但是不能胡乱枚举，假设现在用 left 和 right 两个指针来枚举 其余两个 较小的数。

我们找到除了 C 之外的 最小的数，和最大的数：

 那么此时，left + right 和 C 有两种情况，一种是 left + right > C 另一种是 left + right <= C。

第一种情况：那么 left 和 right 中间的数 ，都是要大于 left 的，那么left 都满足了，中间的数也都会满足。我们只用判断第一种情况，那么中间的情况都判断了。而且，中间的 情况的个数刚好就是 right - left。

在上述情况之下，因为 此时 的right 已经和 中间的所以数都枚举过了，所以此时 的 rigth 指向的 数也就没用了，不用枚举了。

 此时只需要把 right-- ，去下一个区间当中判断。

如果是第二种情况：此时 left + right 已经小于 C 了，那么此时 left 和 right 中间的数，一定比 right 要小，那么所枚举出的结果一定要比 C小，所以中间的 结果都不满足了。

在上述情况，left 指向的 数据也就没有用了，因为 中间的数据也都枚举完毕了。所以，就不用再去枚举了。

 此时只需要 left++，去下一个区间当中判断就行。

当left 和 right相遇之时，10 这个数字的所有枚举结果就都枚举出来了。

但是上述过程只是 固定了10 这个数字之后的结果，所以，此时还需要往前去遍历，此时的区间就是在上述例子的 2 - 9 这个区间当中去判断了，10 就不用管了，因为 10 的情况已经全部判断完了。

完整代码：

 int triangleNumber(vector<int>& nums) {sort(nums.begin(), nums.end());int left, right, end = nums.size() - 1;int count = 0;while(end > 1){left = 0;right = end - 1;while(left < right){if(nums[left] + nums[right] > nums[end]){count += right - left;right--;}else{left++;}}end--;}return count;}

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l209. 长度最小的子数组 - 力扣（LeetCode）

给定一个含有 n 个正整数的数组和一个正整数 target 。

找出该数组中满足其总和大于等于 target 的长度最小的 连续子数组 [numsl, numsl+1, ..., numsr-1, numsr] ，并返回其长度。如果不存在符合条件的子数组，返回 0 。

示例 1：

输入：target = 7, nums = [2,3,1,2,4,3]
输出：2
解释：子数组 [4,3] 是该条件下的长度最小的子数组。

示例 2：

输入：target = 4, nums = [1,4,4]
输出：1

示例 3：

输入：target = 11, nums = [1,1,1,1,1,1,1,1]
输出：0

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3. 无重复字符的最长子串 - 力扣（LeetCode）

 给定一个字符串 s ，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。

示例 1:输入: s = "abcabcbb"
输出: 3 
解释: 因为无重复字符的最长子串是 "abc"，所以其长度为 3。
示例 2:输入: s = "bbbbb"
输出: 1
解释: 因为无重复字符的最长子串是 "b"，所以其长度为 1。
示例 3:输入: s = "pwwkew"
输出: 3
解释: 因为无重复字符的最长子串是 "wke"，所以其长度为 3。请注意，你的答案必须是 子串 的长度，"pwke" 是一个子序列，不是子串。

暴力解法：

我们先要找出 一个字符串当中的所有子串，其实就是那一个 字符做开头，后序的一个字符一个字符的和之前的字符就链接，就可以构成一个子串，当链接到最后一个字符之时，说以这个字符开头的 子串已经枚举完毕了。此时就找 下一个字符 作为开头来在想上述一样来链接即可。

当然，在链接过程当中，我们要记录这些链接进子串的每一个字符，如果在后序链接过程当中，遇到了这个字符，就不能再往后链接了。

 那么，要判断出 每一个满足条件的子串，就把寻找一次子串 保存一个子串当中的字符，把这些字符保存到 hash 表当中，如果后续在链接子串的过程当中 链接到了 hash 当中有字符，说明这个字符已经不满足条件了。（每一个字符串 判断自己的 hash 表）

固定 left，right 往后走，先判断 字符是否在 hash 当中，再往后移动。如果在hash 当中存在，left 和 right （包括 left 不包括 right）中间就是 当前遍历最大子串。

 解法二：滑动窗口

在上述使用 双指针来 判断的过程当中，我们发现 中间有些情况是不用来查找的：

如上述，已经找到 deabc 这个子串了，然后此时 left++，right = left，继续循环：

发现他还是在 第一次 的 a 这个位置停下来。

所以，其实在第一次 循环查找之后， left 其实可以跳过中间  a 这个字符，来到 b 这个字符进行下一次查找。

 而且，在上述提过了重复字符之后， right 没必要再跳回来 和 left 相等 地方重新寻找。因为 此时在 上述图当中 left 和 right 中间子串已经没有再 重复的字符了。

而什么时候更新哈希表，就是当 left++ 一次就是 之前left 指向的 字符出哈希表。

 最后是要计算结果，在每一次 计算出子串 之时，就可以计算出结果。

 left 和 right 指针在上述情况下都是一直往后走不会退的。

class Solution {
public:int lengthOfLongestSubstring(string s) {int hash[128] = {0}; // 用数组来模拟 hash 表，0表示没有，1 表示没有int left = 0, right = 0, n = s.size();int ret = 0;while(right < n) // right 到最后时，left 和 right 之间就是最后一个子串{hash[s[right]]++; // 把 right指向的字符，插入到 hash 当中while(hash[s[right]] > 1) //判断right指向字符是否在 hash 当中存在hash[s[left++]]--; // left字符出hashret = max( ret, right - left + 1);right++; // 向后向hash入字符}return ret;}
};